AngularJS update Вид после загрузки модели из Ajax
Я новичок в разработке angularjs, и я написал это простое приложение, но неНе понимаю, как я могу обновить представление, после того, как модель загружена из ajax-запроса при запуске!
Этот код неt работает, когда я добавляю задержку в photos.php, используя: sleep (3); для имитации задержки удаленного сервера! вместо этого, если search.php быстр, это работает !!
Photo Gallery
'use strict';
var photos = []; //model
var photoAppModule = angular.module('photoApp', []);
photoAppModule.config(function($routeProvider) {
$routeProvider.when('/photos', {
templateUrl: 'photo-list.html',
controller: 'listCtrl' });
$routeProvider.otherwise({redirectTo: '/photos'});
})
.run(function($http) {
$http.get('photos.php')//load model with delay
.success(function(json) {
photos = json; ///THE PROBLEM HERE!! if photos.php is slow DON'T update the view!
});
})
.controller('listCtrl', function($scope) {
$scope.photos = photos;
});
вывод photos.php
[{"file": "cat.jpg", "description": "my cat in my house"},
{"file": "house.jpg", "description": "my house"},
{"file": "sky.jpg", "description": "sky over my house"}]
фото-list.html
<a href="#/photos/{{ $index }}">
<img ng-src="images/thumb/{{photo.file}}" alt="{{photo.description}}">
</a>
РЕДАКТИРОВАТЬ 1, отложенное решение:
.run(function($http, $q) {
var deferred = $q.defer();
$http.get('photos.php')//load model with delay
.success(function(json) {
console.log(json);
photos = json; ///THE PROBLEM!! if photos.php is slow DON'T update the view!
deferred.resolve(json);//THE SOLUTION!
});
photos = deferred.promise;
})
РЕДАКТИРОВАТЬ 2, Сервисное решение:
...
//require angular-resource.min.js
angular.module('photoApp.service', ['ngResource']).factory('photoList', function($resource) {
var Res = $resource('photos.php', {},
{
query: {method:'GET', params:{}, isArray:true}
});
return Res;
});
var photoAppModule = angular.module('photoApp', ['photoApp.service']);
...
.run(function($http, photoList) {
photos = photoList.query();
})
...